2022年山东成人高考《数学（文）》章节难点习题(12)

　　一、选择题

　　1.()等比数列{an}的首项a1=-1,前n项和为Sn,若 ，则 Sn等于( )

　　C.2 D.-2

　　二、填空题

　　2.()已知a,b,a+b成等差数列，a,b,ab成等比数列，且0

　　3.()等差数列{an}共有2n+1项，其中奇数项之和为319，偶数项之和为290，则其中间项为_________.

　　4.()已知a、b、c成等比数列，如果a、x、b和b、y、c都成等差数列，则 =_________.

　　三、解答题

　　5.()设等差数列{an}的前n项和为Sn,已知a3=12,S12>0,S13<0.

　　(1)求公差d的取值范围;

　　(2)指出S1、S2、…、S12中哪一个值最大，并说明理由.

　　6.()已知数列{an}为等差数列，公差d≠0,由{an}中的部分项组成的数列

　　a ,a ,…,a ,…为等比数列，其中b1=1,b2=5,b3=17.

　　(1)求数列{bn}的通项公式;

　　(2)记Tn=C b1+C b2+C b3+…+C bn,求 .

　　7.()设{an}为等差数列，{bn}为等比数列，a1=b1=1,a2+a4=b3,b2・b4=a3,分别求出{an}及{bn}的前n项和S10及T10.

　　8.(){an}为等差数列，公差d≠0,an≠0,(n∈N*),且akx2+2ak+1x+ak+2=0(k∈N*)

　　(1)求证：当k取不同自然数时，此方程有公共根;

　　(2)若方程不同的根依次为x1,x2,…,xn,…,求证：数列 为等差数列.

　　参考答案

　　难点磁场

　　①

　　②

　　解法一：将Sm=30,S2m=100代入Sn=na1+ d,得：

　　解法二：由 知，要求S3m只需求m[a1+ ],将②-①得ma1+ d=70,∴S3m=210.

　　解法三：由等差数列{an}的前n项和公式知，Sn是关于n的二次函数，即Sn=An2+Bn(A、B是常数).将Sm=30,S2m=100代入，得

　　,∴S3m=A・(3m)2+B・3m=210

　　解法四：S3m=S2m+a2m+1+a2m+2+…+a3m=S2m+(a1+2md)+…+(am+2md)=S2m+(a1+…+am)+m・2md=S2m+Sm+2m2d.

　　由解法一知d= ,代入得S3m=210.

　　解法五：根据等差数列性质知：Sm,S2m-Sm,S3m-S2m也成等差数列，从而有：2(S2m-Sm)=Sm+(S3m-S2m)

　　∴S3m=3(S2m-Sm)=210

　　解法六：∵Sn=na1+ d,

　　∴ =a1+ d

　　∴点(n, )是直线y= +a1上的一串点，由三点(m, ),(2m, ),(3m, )共线，易得S3m=3(S2m-Sm)=210.

　　解法七：令m=1得S1=30，S2=100，得a1=30,a1+a2=100,∴a1=30,a2=70

　　∴a3=70+(70-30)=110

　　∴S3=a1+a2+a3=210

　　答案：210

　　歼灭难点训练

　　一、1.解析：利用等比数列和的性质.依题意， ，而a1=-1,故q≠1,

　　∴ ,根据等比数列性质知S5，S10-S5，S15-S10,…,也成等比数列，且它的公比为q5,∴q5=- ,即q=- .

　　∴ 答案：B

　　二、2.解析：解出a、b,解对数不等式即可.

　　答案：(-∞,8)

　　3.解析：利用S奇/S偶= 得解.

　　答案：第11项a11=29

　　4.解法一：赋值法.

　　解法二：

　　b=aq,c=aq2,x= (a+b)= a(1+q),y= (b+c)= aq(1+q),

　　= =2.

　　答案：2

　　三、5.(1)解：依题意有： 解之得公差d的取值范围为-

　　(2)解法一：由d<0可知a1>a2>a3>…>a12>a13,因此，在S1，S2，…，S12中Sk为最大值的条件为：ak≥0且ak+1<0,即 ∵a3=12,∴ ，∵d<0,∴2-

　　因为k是正整数，所以k=6,即在S1，S2，…，S12中，S6最大.

　　解法二：由d<0得a1>a2>…>a12>a13，因此，若在1≤k≤12中有自然数k,使得ak≥0,且ak+1<0,则Sk是S1，S2，…，S12中的最大值.由等差数列性质得，当m、n、p、q∈N*,且m+n=p+q时，am+an=ap+aq.所以有：2a7=a1+a13= S13<0,∴a7<0,a7+a6=a1+a12= S12>0,∴a6≥-a7>0,故在S1，S2，…，S12中S6最大.

　　解法三：依题意得： 最小时，Sn最大;

　　∵-

　　点评：该题的第(1)问通过建立不等式组求解属基本要求，难度不高，入手容易.第(2)问难度较高，为求{Sn}中的最大值Sk,1≤k≤12,思路之一是知道Sk为最大值的充要条件是ak≥0且ak+1<0，思路之三是可视Sn为n的二次函数，借助配方法可求解.它考查了等价转化的数学思想、逻辑思维能力和计算能力，较好地体现了高考试题注重能力考查的特点.而思路之二则是通过等差数列的性质等和性探寻数列的分布规律，找出“分水岭”，从而得解.

　　6.解：(1)由题意知a52=a1・a17，即(a1+4d)2=a1(a1+16d) a1d=2d2,

　　∵d≠0,∴a1=2d,数列{ }的公比q= =3,

　　∴ =a1・3n-1 ①

　　又 =a1+(bn-1)d= ②

　　由①②得a1・3n-1= ・a1.∵a1=2d≠0,∴bn=2・3n-1-1.

　　(2)Tn=C b1+C b2+…+C bn=C (2・30-1)+C ・(2・31-1)+…+C (2・3n-1-1)= (C +C ・32+…+C ・3n)-(C +C +…+C )= [(1+3)n-1]-(2n-1)= ・4n-2n+ ,

　　7.解：∵{an}为等差数列，{bn}为等比数列，∴a2+a4=2a3,b2・b4=b32,

　　已知a2+a4=b3,b2・b4=a3,∴b3=2a3,a3=b32,

　　得b3=2b32,∵b3≠0,∴b3= ,a3= .

　　由a1=1,a3= ，知{an}的公差d=- ,

　　∴S10=10a1+ d=- .

　　由b1=1,b3= ,知{bn}的公比q= 或q=- ,

　　8.证明：(1)∵{an}是等差数列，∴2ak+1=ak+ak+2,故方程akx2+2ak+1x+ak+2=0可变为(akx+ak+2)(x+1)=0,

　　∴当k取不同自然数时，原方程有一个公共根-1.

　　(2)原方程不同的根为xk=